Конспект урока "Решение более сложных целых уравнений"

РЕШЕНИЕ БОЛЕЕ СЛОЖНЫХ ЦЕЛЫХ УРАВНЕНИЙ
Цели: продолжить формирование умения решать целые уравнения;
обобщить и углубить знания учащихся по этому вопросу.
Ход урока
I. Организационный момент.
II. Проверочная работа.
В а р и а н т 1
Решите уравнение:
а) х
3
4х
2
9х + 36 = 0;
б) х
4
+ 7х
2
44 = 0;
в) (х
2
х + 1) (х
2
х 7) = 65.
В а р и а н т 2
Решите уравнение:
а) 16х
3
32х
2
х + 2 = 0;
б) х
4
+ 6х
2
27 = 0;
в) (х
2
+ х + 6) (х
2
+ х 4) = 144.
III. Формирование умений и навыков.
Все задания можно разбить на две группы. В первую группу войдут
задания на решение целых уравнений, при этом учащимся в полной мере
потребуются полученные ранее знания, а также умения анализировать,
рассуждать, делать выводы. Во вторую группу войдут задания на решение
целых уравнений с параметром. В классе с невысоким уровнем подготовки
вторую группу заданий можно не выполнять.
Упражнения:
1-я г р у п п а.
1. № 284 (а).
Р е ш е н и е
у
7
у
6
+ 8у = 8;
у
7
у
6
+ 8у 8 = 0;
у
6
(у 1) + 8 (у 1) = 0;
(у 1) = 0; или
у 1 = 0;
у = 1.
у
6
+ 8 = 0;
у
6
= 8.
Корней нет.
О т в е т: 1.
2. № 274 (а).
Р е ш е н и е
х
3
+ 7х
2
6 = 0;
х
3
+ х
2
+ 6х
2
6 = 0;
х
2
(х + 1) + 6 (х
2
1) = 0;
х
2
(х + 1) + 6 (х + 1) (х 1) = 0;
(х + 1) (х
2
+ 6х 6) = 0;
х + 1 = 0; или
х = 1.
х
2
+ 6х 6 = 0;
D
1
= 9 + 6 = 15;
х
1, 2
= 3 ± .
О т в е т: –1; 3 ± .
3. Решите уравнение: х
4
25х
2
+ 60х 36 = 0.
Р е ш е н и е
х
4
(25х
2
60х + 36) = 0;
х
4
(5х 6)
2
= 0;
(х
2
5х + 6) (х
2
+ 5х 6) = 0;
х
2
5х + 6 = 0; или
х
1
= 2, х
2
= 3
х
2
+ 5х 6 = 0;
х
1
= 1, х
2
= 6
О т в е т: –6; 1; 2; 3.
15
15
4. № 275.
Р е ш е н и е
Чтобы найти точку пересечения графика функции у = х
3
6х
2
+ 11х 6 с
осью ОУ, нужно подставить х = 0:
у = 0 6 = –6, то есть с осью ОУ график пересекается в точке (0; –6).
Чтобы найти точки пересечения графика с осью ОХ нужно решить
уравнение:
х
3
6х
2
+ 11х 6 = 0;
х
3
6х
2
+ 12х 6 х = 0;
х
3
х 6 (х
2
2х + 1) = 0;
х (х
2
1) 6 (х 1)
2
= 0;
х (х 1) (х + 1) 6 (х 1)
2
= 0;
(х 1) (х
2
+ х 6х + 6) = 0;
(х 1) (х
2
5х + 6) = 0;
х 1 = 0; или
х = 1.
х
2
5х + 6 = 0;
х
1
= 2, х
2
= 3.
Значит, ось ОХ график данной функции пересекает в трех точках: (1; 0), (2;
0), (3; 0).
О т в е т: (0; –6), (1; 0), (2; 0), (3; 0).
5. Решите уравнение: (2х
2
х + 1)
2
+ 6х = 1 + 9х
2
.
Р е ш е н и е
(2х
2
х + 1)
2
(9х
2
6х + 1) = 0;
(2х
2
х + 1)
2
(3х 1)
2
= 0;
(2х
2
х + 1 3х + 1) (2х
2
х + 1 + 3х 1) = 0;
(2х
2
4х + 2) (2х
2
+ 2х) = 0;
х
2
2х + 1 = 0; или
(х 1)
2
= 0;
2х
2
+ 2х = 0;
2х (х + 1) = 0;
х = 1.
х = 0 или х = 1.
О т в е т: –1; 0; 1.
6. Решите уравнение: (х
2
4) (х
2
+ 2х 3) = 60.
Р е ш е н и е
Разложим выражения, стоящие в скобках, на множители. Получим:
(х 2) (х + 2) (х 1) (х + 3) = 60.
Найдем произведение крайних и средних множителей:
(х
2
+ х 6) (х
2
+ х 2) = 60.
С д е л а е м з а м е н у: х
2
+ х 6 = а. Получим:
а (а + 4) = 60;
а
2
+ 4а 60 = 0;
а
1
= 10, а
2
= 6.
В е р н е м с я к з а м е н е:
х
2
+ х 6 = –10; или
х
2
+ х + 4 = 0;
D = 1 16 = 15.
Корней нет.
х
2
+ х 6 = 6;
х
2
+ х 12 = 0;
х
1
= 4, х
2
= 3.
О т в е т: –4; 3.
2-я г р у п п а.
1. Докажите, что уравнение (х
2
2х + 3) (х
2
6х + 10) = 2 не имеет
корней.
Р е ш е н и е
Выделим из каждого трехчлена, стоящего в скобках, квадрат двучлена:
((х 1)
2
+ 2) ((х 3)
2
+ 1) = 2.
Получаем, что первый множитель принимает значения, не меньшие двух,
а второй множитель – не меньшие единицы.
Тогда произведение может быть равно 2 только в том случае, если
первый множитель равен 2, а второй при этом равен 1. Первый множитель
равен 2 при х = 1. Второй множитель при х = 1 равен 5. Значит, исходное
уравнение корней не имеет.
2. При каких значениях а уравнение х
4
+ ах
2
+ 25 = 0 не имеет корней?
Р е ш е н и е
Биквадратное уравнение не имеет корней в двух случаях: если
дискриминант полученного после замены квадратного уравнения
отрицателен или если это квадратное уравнение имеет только
отрицательные корни.
С д е л а е м з а м е н у: х
2
= t. Получим уравнение:
t
2
+ аt + 25 = 0;
D = а
2
100;
D < 0, если а
2
100 < 0, то есть а (10; 10).
Значит, при а (–10; 10) данное биквадратное уравнение корней не
имеет.
Пусть а (–∞; 10) (10; +∞), х
1
и х
2
корни квадратного уравнения t
2
+ аt + 25 = 0. По теореме Виета, х
1
· х
2
= 25, то есть эти корни одинаковых
знаков.
Если х
1
и х
2
отрицательны, то х
1
+ х
2
< 0, а по теореме Виета, х
1
+ х
2
=
= а. Имеем:
х
1
+ х
2
< 0, если –а < 0, то есть а > 0.
О т в е т: (–10; 10) (10; +∞).
3. При каком значении т сумма квадратов корней уравнения х
2
+
+ (2 т) х т 3 = 0 минимальна?
Р е ш е н и е
Данное уравнение должно иметь два корня, то есть дискриминант
должен быть положительным:
D = (2 т)
2
+ 4 (т + 3) = 4 4т + т
2
+ 4т + 12 = т
2
+ 16.
Выражение т
2
+ 16 положительно при любом значении т, то есть данное
уравнение имеет два корня: х
1
и х
2
. По условию сумма х
1
+ х
2
должна быть
минимальна.
Справедливо следующее равенство:
х
1
2
+ х
2
2
= (х
1
+ х
2
)
2
2х
1
· х
2
.
По теореме Виета, х
1
+ х
2
= т 2, х
1
· х
2
= т 3.
Подставим полученные выражения в это равенство:
х
1
2
+ х
2
2
= (т 2)
2
+ 2(т + 3) = т
2
4т + 4 + 2т + 6 = т
2
2т + 10.
Выделим квадрат двучлена из квадратного трехчлена т
2
2т + 10:
т
2
2т + 10 = (т 1)
2
+ 9.
Таким образом, имеем:
х
1
2
+ х
2
2
= (т 1)
2
+ 9.
Выражение (т 1)
2
+ 9 принимает наименьшее значение при т = 1.
О т в е т: т = 1.
IV. Итоги урока.
В о п р о с ы у ч а щ и м с я:
Какое наибольшее количество корней может иметь целое уравнение
пятой степени?
Какие существуют методы решения целых уравнений? Опишите каждый
из них.
Как решаются биквадратные уравнения? Сколько корней они могут
иметь? Опишите все возможные случаи.
Домашнее задание:
1. № 358 (г, е), № 284 (б), № 274 (б).
2. Решите уравнение:
а) (х 2)
2
(х
2
4х + 3) = 12;
б) х (х + 1) (х + 2) (х + 3) = 120.
Д о п о л н и те л ь н о: Докажите, что число 1 является корнем уравнения
(2х
2
4х + 3) (х
2
2х + 2) = 1 и других корней у этого уравнения нет.