Презентация "Пирамида. Решение задач" 11 класс
Подписи к слайдам:
Пирамида. Решение задач.
Выполнил: Выходцев Денис
302
Дано:
ABCDS- пирамида
О – точка пересечения диагоналей параллелограмма
АB = 3 см
АD = 7 см
AC = 6 см
SO = 4 см
Найдите боковые ребра пирамиды.
Решение:
По свойству параллелограмма найдем:
BO = OD и AO = OC
BO пл.ABC, SO = 4 см
OSB = OSD ( по двум катетам), тогда SB = SD;
AOS = COS ( по двум катетам), тогда SB = SC;
Пусть AO = OC = ½ AC = 3 см, BO = OD = x
Из ACD по теореме косинусов имеем:
AD2 = AC2 + CD2 -2 AC *CD *cosA
72 = 62 + 32 – 2 *6 * 3 * cosA , 49 = 36+9-36 * cosA, 36cosA = -4;
cosA= -4/36 = -1/9
Из COD по теореме косинусов имеем:
X2 = 9+9+2*9*1/9 = 18+2=20, x =2√5 (см)
Из прямоугольного SOB по теореме Пифагора имеем:
SD = √SO2 + OD2 = √42 +20 = √36 = 6 (cм)
Из прямоугольного SOC по теореме Пифагора имеем:
SC = √SO2 + OC2 = √42 + 32 = √25 = 5 (см) , SC =SA =5 (см)
Ответ: 5см 5 см 6 см 6см
310
Дано:
DABC – пирамида,
DA ABC,
AB =AC=25см,
BC = 40см,
DA = 8см.
Найти Sбок
/
Решение:
Sбок =SABD +SADC +SBDC;
Sбок =SADC = DH*AC /2 = 8*25/2=100(см2)
Из ABD по т. Пифагора имеем:
BD=√AB2+DA2 = √252+82 = √689 (см).
Из BDM по т. Пифагора имеем:
AB2+DA2 = √252+82 = √689 (см).
DM2 = BD2 –BM2 = 689 – 400 = 289,
DM = 17
SBDC = (DM*BM)* ½*2 = 17*20=340 (см2)
Sбок = 100+100+340 = 540(см2)
Ответ: 540 см2
311
Дано:
DABC = пирамида,
ADC – основание,
AC=13см,
AB=15 см,
CB=14 см,
AD ABC,
AD=9 см.
- найти Sп.п.
- AK
. KD = √AK2 + DA2 = √144+81 = √225 = 15 (см), sinA = DA/KD = 9/15 = 3 / 5 Из KHA AH = KA*sinA = 12 * 3/5 = 36/5 = 7,2 (см) Ответ: а) 315 см2 ; б) 7.2 (см);
Геометрия - еще материалы к урокам:
- Урок-конкурс "Тела вращения, их объемы и площади поверхностей" 11 класс
- Конспект урока "Первый признак подобия треугольников. Решение задач" 8 класс
- Контрольная работа "Соотношение между углами и сторонами треугольниа. Сумма углов реугольника" 7 класс
- Самостоятельная работа "Натуральные числа" 5 класс
- Презентация "Теорема о вписанном угле" 8 класс
- Конспект урока "Теорема о вписанном угле" 8 класс